1)

$n_{H_2O} = \dfrac{3,6}{18}= 0,2(mol)$
Bảo toàn nguyên tố C,H : 

$C_nH_{2n}O_2 \to nCO_2 + nH_2O$

$\Rightarrow n_{CO_2} = n_{H_2O} = 0,2(mol)$

$\Rightarrow n_C = 0,2(mol) ; n_H = 0,4(mol)$
$\Rightarrow n_O = \dfrac{4,4 - 0,2.12-0,4.1}{16} = 0,1(mol)$

$n_X = \dfrac{1}{2}n_O = 0,05(mol)$
$\Rightarrow M_X = 12n + 2n + 32 = \dfrac{4,4}{0,06} = 88$
$\Rightarrow n = 4$

Vậy CTPT của X là $C_4H_8O_2$

2)

$n_{Ba(OH)_2} = 0,15(mol) < n_{CO_2} = 0,2(mol)$

\(Ba\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow BaCO_3+H_2O\)

0,15                 0,15            0,15                           (mol)

\(BaCO_3+CO_2+H_2O\rightarrow Ba\left(HCO_3\right)_2\)

0,05               0,05                                              (mol)

$\Rightarrow n_{BaCO_3} = 0,15 - 0,05 = 0,1(mol)$
$\Rightarrow m = 0,1.197 = 19,7(gam)$

3)

CTTQ của muối : $RCOONa$
$n_{muối} = n_X = 0,05(mol) \Rightarrow M_{muối} = R + 67 = \dfrac{4,1}{0,05} = 82$
$\Rightarrow R = 15(-CH_3)$

Vậy CTCT của X là $CH_3COOC_2H_5$

Bài 1 :

\(n_{H_2O}>n_{CO_2}\Rightarrow X:ankan\)

\(Đặt:CTHH:C_nH_{2n+2}\)

\(\dfrac{n}{2n+2}=\dfrac{0.1}{0.3}\Rightarrow n=2\)

\(Vậy:Xlà:C_2H_6\left(etan\right)\)

Bài 1 

\(n_{CO_2} < n_{H_2O} \to\) X là ankan (C_nH_2n+2)

\(n_X = n_{H_2O} - n_{CO_2} = 0,15 - 0,1 = 0,05(mol)\)

Suy ra:  \(n = \dfrac{n_{CO_2}}{n_X} = \dfrac{0,1}{0,05} = 2\)

Vậy X là C₂H₆(etan)

Bài 2 : 

 Hỗn hợp có dạng C_nH_2n+2

\(n_{hỗn\ hợp} = \dfrac{4,48}{22,4} = 0,2(mol)\\ n_{H_2O} = \dfrac{18}{18} = 1(mol)\\ \Rightarrow n + 2 = \dfrac{2n_{H_2O}}{n_{hh}} = 5\\ Suy\ ra\ n = 3\)

\(\Rightarrow n_{CO_2} = 3n_{hh} = 0,2.3 = 0,6(mol)\\ \Rightarrow V = 0,6.22,4 = 13,44(lít)\)

Bài 2 :

\(n_{H_2O}=\dfrac{18}{18}=1\left(mol\right)\)

\(n_{ankan}=\dfrac{4.48}{22.4}=0.2\left(mol\right)\)

\(n_{CO_2}=n_{H_2O}-n_{ankan}=1-0.2=0.8\left(mol\right)\)

\(V_{CO_2}=0.8\cdot22.4=17.92\left(l\right)\)

n C O 2  = 7,84/22,4 = 0,35 mol

n H 2 O = 11,7/18 = 0,65 mol

⇒  n C O 2 <  n H 2 O  ⇒ ankan

⇒ Chọn B.

Đáp án B

Hidrocacbon mạch hở nên loại C. Do đó X gồm các ankadien hoặc ankin

Gọi công thức phân tử chung của 2 hidrocacbon trong Xlà CnH2n-2 (n >2)

Phản ứng:

B

Bảo toàn nguyên tố: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)=n_C\\n_H=2n_{H_2O}=2\cdot\dfrac{1,8}{18}=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow m_{hidrocacbon}=m_C+m_H=0,1\cdot12+0,2\cdot1=1,4\left(g\right)\)

Chọn B

Đáp án C

Khí thoát ra khỏi bình là Y ; nCO₂ = 0,03 ; nH₂O= 0,04

→ Y là ankan → n_Y = 0,04 - 0,03 = 0,01 → Y là C₃H₈
Đốt cháy X thu được nCO₂ = nH₂O

→ nC₂H₂= nC₃H₈ = 0,01 mol
→ nC₂H₄ = ( 0,82 - 0,01 × 26 ) : 28 = 0,02 mol
→ n_X = 0,01 + 0,02 + 0,01 = 0,04 → V_X = 0,896 (l)

- Xét phần (I):

\(n_{hh}=\dfrac{\dfrac{13,44}{2}}{22,4}=0,3\left(mol\right)\)

\(n_C=n_{CO_2}=\dfrac{30,8}{44}=0,7\left(mol\right)\)

=> \(\overline{C}=\dfrac{0,7}{0,3}=2,33\)

=> Có 1 hidrocacbon (A) có 2 nguyên tử C, 1 hidrocacbon (B) có 3 nguyên tử C

Gọi số mol C₂H_x, C₃H_8-2k trong mỗi phần là a, b (mol)

Có a + b = 0,3

Bảo toàn C: 2a + 3b = 0,7

=> a = 0,2 (mol); b = 0,1 (mol)

TH1: Nếu (A) là C₂H₂

- Phần (II):

PTHH: C₂H₂ + 2Br₂ --> C₂H₂Br₄

              0,2-->0,4

=> \(m_{Br_2}=0,4.160=64\left(g\right)\) --> vô lí

TH2: Nếu (A) là C₂H₄

PTHH: C₂H₄ + Br₂ --> C₂H₄Br₂ 

               0,2->0,2

            C₃H_8-2k  + kBr₂ --> C₃H_8-2kBr_2k

               0,1---->0,1k

=> \(0,2+0,1k=\dfrac{32}{160}=0,2\left(mol\right)\)

=> k = 0

Vậy (B) là C₃H₈

\(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=0,2\left(mol\right)\\n_{C_3H_8}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_4}=\dfrac{0,2.28}{0,2.28+0,1.44}.100\%=56\%\\\%m_{C_3H_8}=\dfrac{0,1.44}{0,2.28+0,1.44}.100\%=44\%\end{matrix}\right.\)

CTCT:

(A): \(CH_2=CH_2\)

(B) \(CH_3-CH_2-CH_3\)

TH3: Nếu  (A) là C₂H₆

PTHH: C₃H_8-2k  + kBr₂ --> C₃H_8-2kBr_2k

                0,1---->0,1k

=> 0,1k = 0,2

=> k = 2

=> (B) là C₃H₄

\(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_6}=0,2\left(mol\right)\\n_{C_3H_4}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_6}=\dfrac{0,2.30}{0,2.30+0,1.40}.100\%=60\%\\\%m_{C_3H_4}=\dfrac{0,1.40}{0,2.30+0,1.40}.100\%=40\%\end{matrix}\right.\)

CTCT:

(A) \(CH_3-CH_3\)

(B) \(CH\equiv C-CH_3\) hoặc \(CH_2=C=CH_2\)